由于是一个圆不太好考虑,所以先切开这个环看作一条直线。

dp[i][j]表示i,j在同一个连通块且满足[i,j]内部互相连边的方案数。

如果一定有[i,j]内部的点连接到[i,j]外部,那么dp[i][j]=0

否则,令f(i,j)表示[i,j]中尚未连接到任何点的点数。

显然,若f(i,j)为奇数,则dp[i][j]=0

否则,连接[i,j]中的点的方案数为g(i,j)=(f(i,j)1)×(f(i,j)3)××1(第一个选择的点有(f(i,j)1)个点可以连边,第二个选择的点有(f(i,j)3)个点可以连边……)

但是此时并没有考虑i,j是否在同一个连通块中,考虑枚举i所在连通块的右端点k,减去dp[i][k]×g(k+1,j)k[i,j)即真正的dp[i][j]

时间复杂度O(N3)

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int dp[666][666];
int n,k;
int g[666],sum[666],to[666];
signed main()
{
	n=read(),k=read();
	g[0]=1;for(int i=2;i<=2*n;i+=2) g[i]=1ll*(i-1)*g[i-2]%mod;
	int a,b;
	R(i,1,k) a=read(),b=read(),sum[a]=sum[b]=1,to[a]=b,to[b]=a;
	R(i,1,2*n) sum[i]+=sum[i-1];
	L(i,1,2*n) R(j,i+1,2*n)
	{
		a=0;
		R(k,i,j) if(to[k]&&(to[k]<i||to[k]>j)) a=1;
		if(a) continue;
		dp[i][j]=g[(j-i+1)-(sum[j]-sum[i-1])];
		R(k,i,j-1) dp[i][j]=(dp[i][j]-1ll*dp[i][k]*g[(j-k)-(sum[j]-sum[k])]%mod+mod)%mod;
	}
	//R(i,1,2*n) {R(j,i+1,2*n) printf("%lld ",dp[i][j]);puts("");}
	int ans=0;
	R(i,1,2*n) R(j,i+1,2*n) ans=(ans+1ll*dp[i][j]*g[2*n-(j-i+1)-sum[i-1]-(sum[2*n]-sum[j])])%mod;
	writeln(ans);
}